2021扬州中考物理试卷 江苏省扬州市2021年中考物理试卷真题（word版，含答案解析）

江苏省扬州市2021年中考物理试卷 一、单选题（共11题；
共22分） 1.关于声现象，下列说法正确的是（　　） A. 声音可在真空中传播                             B. 声音是由物体振动产生的 C. “轻声细语”指的是降低声音的音调    D. 分辨琵琶和小提琴的声音主要依靠响度 【答案】 B 【考点】声音的产生，声音的传播条件，音调、响度与音色的区分 【解析】【解答】A．声音的传播需要介质，不能在真空中传播，A不符合题意；

B．声音是由物体振动产生的，振动停止发生停止，B符合题意；

C．“轻声细语”指的是说话的声音小，是降低声音的响度，不是降低声音的音调，C不符合题意；

D．音色是声音的特有品质，用于区分不同物体发出的声音，分辨琵琶和小提琴的声音主要依靠音色，D不符合题意。

故答案为：B。

【分析】该题目考查的声音产生的条件，声音是由物体振动产生的，物体的振动必然会产生声音。

2.下列数据中，符合实际情况的是（　　） A. 成年人正常步行的速度约1.4m/s           B. 中学生的质量约300kg C. 人体感觉最舒适的温度约为37℃           D. 家庭电路的电压是380V 【答案】 A 【考点】摄氏温度及其计算，质量及其特性，速度公式及其应用，电压和电压的单位换算 【解析】【解答】A．成年人正常步行的速度在1.1 ~1.4 m/s左在，故 A符合题意；

B．中学生的质量约为50~60kg，B不符合题意；

C．正常情况下，人体感觉最舒适的温度约为22 ~26 ℃，C不符合题意；

D．在我国，家用电器正常工作的电压一般是220V，D不符合题意。

故答案为：A。

【分析】该题目考查的是速度、温度、质量、电压的估计，平时注意积累记忆即可。

3.冬天，打开装有热水的保温杯杯盖，有“白气”冒出，形成“白气”的物态变化是（　　） A. 升华                            B. 熔化                            C. 凝华                            D. 液化 【答案】 D 【考点】液化及液化放热 【解析】【解答】A．有“白气”冒出，白气是液态水，是水蒸气变为液态，故是液化，升华是固态直接变为气态，A不符合题意；

B．有“白气”冒出，白气是液态水，是水蒸气变为液态，故是液化，熔化是固态变为液态，B不符合题意；

C．有“白气”冒出，白气是液态水，是水蒸气变为液态，故是液化，凝华是气态直接变为固态，C不符合题意；

D．有“白气”冒出，白气是液态水，是水蒸气变为液态，故是液化，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】物体由气态变为液态的过程称为液化，液化放热，结合选项分析求解即可。

4.下列光现象中，由于光的反射形成的是（　　） A. 皮影                         B. 笔在水面处“折断” C. 水中的“倒影”           D. 三棱镜分解白光 【答案】 C 【考点】光的反射 【解析】【解答】A．皮影是由于光的直线传播形成的。A不符合题意；

B．笔在水面处“折断”这是由于光的折射形成的。B不符合题意；

C．水中的“倒影”是平面镜成像，即由于光的反射形成的。C符合题意；

D．三棱镜分解白光是光的色散现象，原理是光的折射。D不符合题意。

故答案为：C。

【分析】该题目考查的生活中光现象和光的规律的对应关系，影子、日食、月食、小孔成像对应的是光的直线传播，各种各样的倒影、平面镜成像对应光的反射，潭清疑水浅、铅笔折断、海市蜃楼、凸透镜成像对应的光的折射，彩虹的形成对应光的色散，结合选项分析求解即可。

5.小明到扬州世园会游玩，下列说法正确的是（　　） A. 闻到花香，是因为分子间有引力 B. 看到红花，是因为红花吸收了红光 C. 水从高处落下形成瀑布，重力势能转化为动能 D. 从多个方向能看到屏幕上的图像，是因为发生了镜面反射 【答案】 C 【考点】光的反射，物体的颜色，动能大小的比较，分子间相互作用力 【解析】【解答】A．我们能闻到花香，是因为花的芳香油分子做无规则运动扩散到空气中，A不符合题意；

B．我们能看到美丽的红花，是因为花瓣反射红光，B不符合题意；

C．水从高处落下形成瀑布，高度降低，重力势能减小，速度增大，动能增大，重力势能转化为动能，C符合题意；

D．从多个方向能看到屏幕上的图像，是因为发生了漫反射，D不符合题意。

故答案为：C。

【分析】运动的物体具有动能，物体的质量越大、速度越大，物体的动能就越大；
处在高处物体具有重力势能，物体的质量越大、高度越高，物体的重力势能就越大。

6.将气球在头发上摩擦后靠近较轻的金属筒，筒会滚动起来，这种现象是（　　） A. 热现象                 B. 电磁感应现象                 C. 磁化现象                 D. 静电现象 【答案】 D 【考点】两种电荷 【解析】【解答】气球在头发上摩擦后会带上静电，气球带电后靠近较轻的金属筒，由于感应起电，金属筒靠近气球的一侧会带上与气球异种的电荷，由于异种电荷相互吸引，所以金属筒会滚动起来，这是静电现象。

故答案为：D。

【分析】电荷守恒定律是自然界的普遍规律，物体上的电荷不会消失，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分。

7.下列实例中，目的是为了减小摩擦的是（　　） A. 自行车轴承安装滚珠轴承 B. 消防员即将到达地面时紧握滑竿 C. 此车轮胎表面刻有花纹 D. 足球守门员戴防滑手套 【答案】 A 【考点】增大或减小摩擦的方法 【解析】【解答】A．自行车轴承安装滚珠轴承，是用滚动代替滑动来减小摩擦力，A符合题意；

B．消防员即将到达地面时紧握滑竿，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，B不符合题意；

C．轮胎上刻有凹凸的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，C不符合题意；

D．足球守门员戴防滑手套，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，D不符合题意。

故答案为：A。

【分析】减小摩擦力可以通过减小接触面粗糙程度、减小压力和变滑动摩擦为滚动摩擦的方式来减小。

8.在“探究蜡烛的熔化特点”和“观察碘锤中的物态变化”两个活动中，采用水浴法加热的主要目的是（　　） A. 都是为了受热均匀 B. 都是为了控制温度 C. 前者是为了受热均匀，后者是为了控制温度 D. 前者是为了控制温度，后者是为了受热均匀 【答案】 C 【考点】熔化和凝固的探究实验 【解析】【解答】探究蜡烛的熔化特点实验中，采用水浴法加热是为了受热均匀，使用水浴法对碘锤加热目的是使碘的温度不高于其熔点，C符合题意，ABD不符合题意。

故答案为：C。

【分析】水浴加热目的是使冰块受热均匀，延长加热时间，便于测量和记录数据。

9.如图所示，电源电压保持6V不变，R1=5Ω，R3=15Ω，滑动变阻器R2标有“15Ω 2A”字样，下列说法正确的是（　　） A. 当R2的滑片P在b端，只闭合S、S1时，电流表示数为0.3A，电压表示数为0 B. 当R2的滑片P在b端，只闭合S、S2时，电流表示数为0.2A，电压表的示数为3V C. 当R2的滑片P在a端，只闭合S、S2时，电流表示数为0.4A，电压表示数为6V D. 当R2的滑片P在a端，闭合S、S1 ， S2时，电流表示数为1.2A，电压表的示数为0 【答案】 B 【考点】欧姆定律及其应用 【解析】【解答】A．当R2的滑片P在b端，变阻器连入电路的电阻最大，只闭合S、S1时，R1和R2串联，电流表示数为 I=UR1+R2=6V5Ω+15Ω=0.3A 电压表和R3串联，电压表的示数接近电源电压，电压表的示数不为零，A不符合题意；

B．当R2的滑片P在b端，变阻器连入电路的电阻最大，只闭合S、S2时，R2和R3串联，电压表测量R2两端的电压，电流表示数为 I串=UR2+R3=6V15Ω+15Ω =0.2A 电压表的示数为U2=I串R2=0.2A×15Ω=3V B符合题意；

C．当R2的滑片P在a端，变阻器连入电路的电阻为零，只闭合S、S2时，只有R3的简单电路，电流表示数为 I＇=UR3=6V15Ω=0.4A 电压表被短路，电压表的示数为零，C不符合题意；

D．当R2的滑片P在a端，变阻器连入电路的电阻为零，闭合S、S1 ， S2时，R1和R3并联，电流表测量干路中的电流，电流表示数为 I″=UR1+UR3=6V5Ω+6V15Ω=1.6A 电压表被短路，电压表的示数为零，D不符合题意。

故答案为：B。

【分析】闭合不同的开关，电流流动回路不同，结合电流的流向判断电阻的串并联关系，串联电路中，各用电器两端的电压之和等于电源电压，用电器分得的电压与电阻成正比；
并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，用电器分得的电流与电阻成反比；
结合欧姆定律求解电流电压即可。

10.有关蜡烛跷跷板的小制作，下列说法正确的是（　　） A. 选用越粗的蜡烛效果越好 B. 转轴位置离蜡烛重心越远越好 C. 为防止蜡烛摆动过大而翻转，可使转轴位置处于蜡烛重心上方 D. 为防止蜡烛摆动过大而翻转，可将蜡烛两端的下侧面削去一些 【答案】 C 【考点】重心 【解析】【解答】A．蜡烛越粗，燃烧越慢，蜡烛摆动效果越不明显。A不符合题意；

B．转轴位置离蜡烛重心不是越远越好，太远蜡烛可能不摆动。B不符合题意；

CD．为防止蜡烛摆动过大而翻转，可使转轴位置处于蜡烛重心上方或者可将蜡烛两端的上侧面削去一些。C符合题意，D不符合题意。

故答案为：C。

【分析】重力的作用点是重心，重心可能在物体上，也可能不在物体上，对于形状规则、质量分布均匀的物体来说，重心位于物体的几何中心上。

11.如图所示电路，电源电压保持6V不变，滑动变阻器的最大阻值为15Ω，定值电阻R2为5Ω，电压表示数为U1 ， R2的电功率为P2 ， 电流表示数为I，闭合开关后，移动滑片P，下列图像可能正确的是（　　） A.                           B.  C.                         D.  【答案】 D 【考点】电路的动态分析 【解析】【解答】如图，两个电阻串联，电压表测滑动变阻器R1两端的电压，电流表测电路中的电流；

AB．R1为滑动变阻器最大阻值为15Ω时，电流最小， Imin=UR1+R2=6V15Ω+5Ω=0.3A 对应电压表的读数 U1=Imin×R1=0.3A×15Ω=4.5V 图中对应的点应该为(0.3A，4.5)；

当滑动变阻器阻值为0时，电流最大，最大电流为 Imax=UR2=6V5Ω=1.2A 在图中对应的点应改为(0，1.2)；
A图中对应点(0，6V)不应在图像上，B图中(0.3，5)不应在图像上，A不符合题意，B不符合题意；

CD．R2的最小功率 P2min=(Imin)2×R2=(0.3A)2×5Ω=0.45W R2的最大功率 Pmax=(Imax)2×R2=(1.2A)2×5Ω=7.2W 以上图像上的点均正确，由公式 P=I2R 可知，P与I2成正比，图像应为二次函数图像的一部分，C不符合题意；
D符合题意。

故答案为：D。

【分析】分析电路结构，定值电阻和滑动变阻器是串联关系，明确电流表和电压表的测量对象，滑动变阻器接入电路中的电阻越大，电路中的电流越小，分得的电压越大，定值电阻分得的电压越小，整个电路的功率越小，结合欧姆定律求解电路中的电流和电压，利用功率公式P=UI求解功率即可。

二、多选题（共1题；
共3分） 12.“祝融号”火星车登陆火星后对能量需求更为迫切，下列事实与此无关的是（　　） A. 火星半径约为地球半径的一半    B. 火星上平均气温在一60℃左右 C. 火星尘埃覆盖在太阳能板上        D. 火星距离太阳更远，辐照强度仅有地球的43% 【答案】 B,C,D 【考点】科学探索 【解析】【解答】A．火星的半径约为地球半径的一半，与火星车登陆火星后对能量需求更为迫切无关，A不符合题意；

B．火星上平均气温在－60℃左右，环境温度低对能量的需求更大，火星车登陆火星后对能量需求更为迫切，B符合题意；

C.．火星尘埃覆盖在太阳能板上，降低了对太阳能的利用率，也使火星后对能量需求更为迫切，C符合题意；

D．由于火星距离太阳更远，这里的太阳能密度仅为地球附近的4成左右，也使火星后对能量需求更为迫切，D符合题意；

故答案为：BCD。

【分析】火星车对能量的利用率比较小，结合四个选项的描述判断即可。

三、填空题（共8题；
共31分） 13.2020年12月11日，扬州进入高铁时代，在高铁上行驶的动车设计成流线型，是为了________ ，靠近村庄的铁路两侧安装隔音板是在________控制噪声，G8264次列车从扬州东站至宝应站用时27分钟，铁路线长约94.5km，其平均速度约是________km/h。

【答案】 减小空气阻力；
传播过程中；
210 【考点】速度公式及其应用，防治噪声的途径 【解析】【解答】在高铁上行驶的动车设计成流线型，可以减小迎风面积，是为了减小空气阻力。

靠近村庄的铁路两侧安装隔音板，可以阻断噪声的传播，是在传播过程中控制噪声。

列车从扬州东站至宝应站平均速度约是v= st=94.5km2760h= 210km/h 【分析】噪声会影响人们的生活和身体健康，要对噪声进行防治；
可以从三个方面进行防治噪声，从声源处、传播过程中和人耳处减弱噪声，不同途径对应着不同的具体措施；
已知物体的路程和运动的时间，利用速度公式求解速度。

14.如图，向两个乒乓球中间打气，会看到两个乒乓球________ （填“分开”或“靠近”）；
用注射器吸入无水酒精，是利用了________ ，再将活塞推至针筒的底端，然后用橡皮帽封住小孔，小孔内还留有少量酒精，沿针筒轴线方向向外拉动活塞一段距离，保持静止，此时，液态酒精消失是________现象，不计活塞与针筒的摩擦以及活塞自重，大气对活塞的压力________拉力（填“大于”“小于”或“等于”）。

【答案】 靠近；
大气压；
汽化；
大于 【考点】汽化及汽化吸热的特点，大气压强的存在，流体压强与流速的关系 【解析】【解答】向两个乒乓球中间打气，两个乒乓球中间气流速度变大，由于流体流速越大的位置压强越小，两个乒乓球会受到向内的压强差作用，所以会看到两个乒乓球靠近。

用注射器吸入无水酒精，注射器内的气压小于外界大气压，在大气压作用下，无水酒精被压入注射器内。

再将活塞推至针筒的底端，用橡皮帽封住小孔，此时注射内是密封的，沿针筒轴线方向向外拉动活塞丙保持静止，注射器内气压减小，酒精由液态变为气态，这是酒精汽化的过程。

此时注射器内有酒精蒸气，有一定的气压，不计活塞与针筒的摩擦以及活塞自重，拉力大小等于外界大气对活塞的压力与内部酒精蒸气气压对活塞的压力之差，故大气对活塞的压力大于拉力。

【分析】流体压强与流速的关系，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大；
物体由液态变为气态的过程称为汽化，汽化吸热。

15.小明对所学的一些物理量进行归纳，请你帮他补全空格处的内容，第（1）、（3）两空只需填个物理量名称________、________、________。

【答案】 质量；
物质；
功率 【考点】物质的基本属性，功率的概念 【解析】【解答】（1）质量是物体的一种属性，不随物体位置、形状、状态及温度而变化。

（2）密度和比热容是物质的一种特性。

（3）功率表示物体做功快慢的物理量。

【分析】质量是物体的属性，与物体所含物质的多少有关，与物体的形状、状态、空间位置无关；
功率是描述物体做功快慢的物理量，物体功率越大，做功越快，但不见得做功多。

16.在玻璃瓶内装入约半瓶细沙，盖上瓶盖，包裹一层泡沫塑料，迅速振动瓶子几十次，细沙温度升高，这是用________方法使沙子内能增大，泡沫塑料的作用是________ ，如果换成水做该实验，升温不明显是因为水的________大。

【答案】 做功；
防止热量散失；
比热容 【考点】做功改变物体内能，比热容 【解析】【解答】在玻璃瓶内装入约半瓶细沙，盖上瓶盖，包裹一层泡沫塑料，迅速振动瓶子，细沙温度升高，机械能转化为内能，通过做功的方式改变物体的内能，包裹一层泡沫塑料可以防止热量散失。

如果换成水做该实验，水的比热容比较大，吸收相同的热量，升高的温度较低，升温不明显。

【分析】做功可以改变物体的内能，外界对物体做功物体的内能增加，物体对外界做功物体的内能减小；
水的比热容大，相同质量的水可以吸收更多的热量，冷却效果更好；
相同质量的水可以放出更多的热量，取暖效果更好。

17.2020年我市空气质量优良天数达293天，监测大气污染物浓度的电路如图甲所示，R为气敏电阻，其材料一般为________（填“半导体”或“超导体”），气敏电阻阻值R随污染物浓度变化曲线如图乙所示，污染物浓度增大时，监测仪表读数变大，该表应为图甲中________表，此过程中电路总功率________（填“变大”“变小”或“不变”）。

【答案】 半导体；
电流；
变大 【考点】半导体特点及作用，电路的动态分析 【解析】【解答】R为气敏电阻，其材料一般为半导体，当气敏电阻所处的环境条件发生变化时，气敏电阻的阻值发生变化，从而满足电路需要。

由甲电路图可知，定值电阻R0与气敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
由乙图可知，当酒精气体浓度增大时，气敏电阻R的阻值变小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻变小，由I= UR 可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大。

此过程中电路电源电压不变，电流变大，根据 P=UI可知电路的总功率变大。

【分析】半导体的导电性介于导体和绝缘体之间，用半导体材料制作二极管和三极管，是电子设备的基本部件；
串联电路中，各用电器两端的电压之和等于电源电压，用电器分得的电压与电阻成正比；
通过功率公式可知，电压一定时，电路中的电阻越大，电路的功率就越低，电阻越小，电路的功率就越高。

18.利用笔芯自制密度计，同款的新笔芯和用了一半油墨的旧笔芯应该选用________将所选笔芯放入水中，它能________漂浮在水中，在笔芯上标出水面的位置A，将笔芯放人酒精中，仍可漂浮，标出液面的位置B，如图所示，该笔芯漂浮在水中和酒精中时受到的浮力大小________，已知水的密度ρ=1.0g/cm3 ， 酒精的密度ρ=0.8g/cm3 ， 若笔芯漂浮在密度为=0.9g/cm3的液体中，则液面对应的位置可能是________（填“C”或“D”）。

【答案】 用了一半油墨的旧；
竖直；
相等；
D 【考点】物体的浮沉条件及其应用 【解析】【解答】利用笔芯自制密度计，同款的新笔芯和用了一半油墨的旧笔芯应该选用将所选用了一半油墨的旧笔芯放入水中，这样的旧笔芯重心低，稳度大，它能竖直漂浮在水中。

笔芯漂浮在水中和酒精中时都漂浮，受到的浮力都等于笔芯自身的重力，故该笔芯漂浮在水中和酒精中时受到的浮力大小相等。

笔芯漂浮在水中标出水面的位置A，将笔芯放人酒精中，仍可漂浮，标出液面的位置B，水的密度 ρ =1.0g/cm3 ， 酒精的密度 ρ =0.8g/cm3 ， 若笔芯漂浮在密度为=0.9g/cm3的液体中时，设笔的质量为m，重力为G，笔头的体积为V0 ， 笔管的横截面积为S，根据 G=ρg(V0+Sh) 化简 mρ-V0=Sh 可知密度与笔管所在的深度成反比，当密度由0.8g/cm3变成0.9 g/cm3 ， 和由0.9g/cm3变成1 g/cm3相比变化量相同时，深度的变化量 Δh1>Δh2 故如图应取D点。

【分析】当物体处于漂浮或悬浮状态时，物体受到的重力等于浮力；
结合物体受到的浮力，利用阿基米德原理的变形公式求解物体排开水的体积。

19.体育克技中善用物理原理，对取胜往往起着决定作用， （1）柔道竞技中，进攻者假装要把对手摔向左方，对手为了维持平衡，就把身体向右倾，由于________仍要向右运动，就被进攻者乘势摔向前方；

（2）以过肩摔为例，如图所示，进攻者A利用腰部将B顶起，使他的脚离地，同时猛拉B的右臂，请在图中作出力F的力臂L________，此时A能轻易将B捧倒的原因是________。

【答案】 （1）惯性 （2）；
此时F为动力，B的重力G为阻力，动力臂大于阻力臂，相当于一个省力杠杆，故此时A能轻易将B捧倒。

【考点】惯性及其现象，杠杆的分类 【解析】【解答】对手为了维持平衡，就把身体向右倾，身体的重心就会偏向右侧，由于惯性对手仍要向右运动，所以进攻者只需用较小的力就能顺势将对手摔倒。

  斜向上延长力的作用线，过支点O做力的作用线的垂线OC，即为力F的力臂，如图；

此时F为动力，B的重力G为阻力，动力臂大于阻力臂，相当于一个省力杠杆，故此时A能轻易将B捧倒。

【分析】（1）物体总有一种保持原来运动状态的趋势，这就是物体的惯性，惯性的大小只与物体的质量有关，与运动的速度没有关系；

（2）动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆，省力杠杆可以省力，但是费距离，动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆，费力杠杆可以省距离，但是费力。

20.阅读短文，回答问题。

白鹤滩水电站位于云南省巧家县和四川省宁南县交界处的会沙江干流之上，总装机容量1600万千瓦，居全球第二、预计今年7月1日前首批机组发电，2022年7月实现全部机组发电，建成后，白鹤滩水电站年均发电量可达6×1010千瓦时，在同等满足电力系统用电需求的情况下水电站母年可节约标准煤约2×107吨，减少排放二氧化碳约5160万吨，对我国达峰、碳中和目标实现，对促进西部开发，实现“西电东还”都具有深远的意义。

（1）水电站中的发电机组是________能转化为________能的装置，它是利用________原理工作的；

（2）拦河大坝形状为上窄下宽的原因是________。汛期相较于枯水期，大坝底部所受液体压强会________；

（3）火力发电站使用热值为2.9×107J/kg的标准煤，估算其发电效率为________；

（4）若水电站输电的功率为6.6×103kW，采用1100kV特高压输电，则输电电流为________A；

（5）大坝修建成拱形，且向上游凸出，这样设计的目的是________。

【答案】 （1）重力势；
电；
杠杆 （2）水的压强随水的深度增加而增加；
变大 （3）37% （4）6 （5）增强大坝的承受力 【考点】能量的转化或转移，液体压强的特点，杠杆的分类，电功率与电压、电流的关系 【解析】【解答】(1)水电站中的发电机组是重力势能转化为电能的装置，它是利用杠杆原理工作的。

  (2)水的压强随水的深度增加而增加，所以拦河大坝形状上窄下宽。

汛期相较于枯水期，水面距离大坝底部的距离变大，所以压强变大。

(3)2×107吨燃烧后释放热量为 Q=mq=2×107吨×2.9×107J/kg=2×1010kg×2.9×107J/kg=5.8×1017J 其发电效率为 η=W电Q×100%=6×1010千瓦时5.8×1017J×100%=6×1010×103×3.6×103J5.8×1017J×100%=37% (4)输电电流为 I=PU=6.6×103kW1100kV=6.6×103×103W1100×103V=6A (5)因为混凝土耐压不耐拉，大坝修建成拱形，且向上游凸出，可以增强大坝的承受力。

【分析】（1）能量是守恒的，只能从一个物体转移到另一个物体，或从一种形式转化成另一种形式；
动力臂为支点到动力作用线的距离，阻力臂为支点到阻力作用线的距离，固定不动的点为支点；

（2）要探究液体深度对压强的影响，需要控制液体密度相同；
当液体密度相同时，深度越深，压强越大；

（3）产生的电能为有用功，释放的热量为总功，利用产生的电能除以燃料燃烧释放的热量即为加热效率；

（4）利用功率除以输电电压即为电流；

（5）液体内部存在压强，同时液体对容器的底部和侧面有压强；
压强的大小与液体密度和深度有关系，深度越深，液体密度越大，压强越大。

四、实验题（共6题；
共33分） 21.如图，边长为0.1m的正方体木块放在水平桌面中央,已知木块密度为0.5×103kg/m3 ， 木块质量为________kg，它对桌面的压强为________Pa， 木块在大小为1.5N的水平向右的拉力作用下从A点匀速直线运动到B点，它所受摩擦力为________N，此过程中，它对桌面的压强________（填“变大”、“变小”成“不变”）。（g=10N/kg） 【答案】 0.5；
500；
1.5；
不变 【考点】密度公式及其应用，二力平衡的条件及其应用，压强的大小及其计算 【解析】【解答】木块的质量 m=ρV=0.5×103kg/m3×(0.1m)3=0.5kg 它对桌面的压强为 p=FS=mgS=0.5kg×10N/kg(0.1m)2=500Pa 木块在大小为1.5N的水平向右的拉力作用下从A点匀速直线运动到B点，水平方向上受到拉力和摩擦力的作用，二力大小相等，故它所受摩擦力为1.5N。

此过程中，桌面的受力面积不变，压力大小不变，故它对桌面的压强不变。

【分析】已知物体的体积和密度，利用密度公式求解物体的质量；
处在水平面上的物体，物体对桌面的压力等于重力，结合压强的定义式p=F/S求解物体产生的压强，其中F是压力，S是受力面积；
压强与受力面积和压力大小有关系，压力相同时，受力面积越小，力的作用效果越明显，压强越大。

22.利用易拉罐做以下儿个小实验， （1）如图1，向空易拉罐中插入透明吸管，接口用蜡密封，在吸管内引入一小段油柱，把罐体放在热水中，可以看到油柱________，这是利用气体的________制作简易温度计；

（2）如图2，在易拉罐中放入盐和敲碎的冰，用筷子轻轻搅拌半分钟，可以看到罐底出现“白霜”这是空气中的水蒸气发生了________现象；

（3）如图3，将易拉罐底部开一圆孔倒出饮料，放入滴有酒精的小块脱脂棉花，轻轻晃动易拉罐，把电火花发生器紧紧塞进孔中，按动按钮，观察到罐子飞出去了，这个过程与汽油机的________冲程能量转化方式一致。

【答案】 （1）上升；
热胀冷缩 （2）凝华 （3）做功 【考点】液体温度计的构造与工作原理，凝华及凝华放热，做功改变物体内能 【解析】【解答】（1）空易拉罐中插入透明吸管，接口用蜡密封，在吸管内引入一小段油柱，把罐体放在热水中，由于热胀冷缩，罐内气体受热体积会膨胀，使管内油柱上升。

  （2）冰中加盐会降低冰的熔点，在易拉罐中放入盐和敲碎的冰，用筷子轻轻搅拌半分钟，罐内的冰会在0℃以下开始熔化，因熔化过程要吸收热量，所以使罐壁的温度降低且低于0℃，空气中的水蒸气遇到0℃以下的罐底发生凝华现象，由水蒸气直接变为小冰晶附着在罐壁上，所以出现“白霜”。

（3）按动电火花发生器按钮，会点燃罐内酒精，酒精燃烧产生高温高压的燃气而向外喷气做功，所以罐子飞出去。这一过程是酒精的化学能转化为内能，再由内能转化为罐子的机械能，与汽油机的做功冲程能量转化方式一致。

【分析】（1）温度计的工作原理是液体的热胀冷缩， （2）物体由气态变为固态的过程称为凝华，凝华放热；

（3）做功可以改变物体的内能，外界对物体做功物体的内能增加，物体对外界做功物体的内能减小。

23.在“观察水的沸腾”实验中， （1）实验室提供了一块比烧杯口略大的圆形硬纸板，甲、乙两名同学分别在硬纸板上剪出小孔，以便将温度计通过小孔插入烧杯内的水中，如图所示，剪裁合适的是________，理由是________；

（2）在烧杯中倒入约80℃的水，提高了水的初温，从而________，沸腾后持续加热几分钟并继续测温，会发现________；

（3）如图所示，水沸腾后，甲同学移走酒精灯，继续观察：乙同学继续加热，现察烧杯中的水和试管中的水，他们的目的都是探究________。

【答案】 （1）甲；
防止温度计碰到容器壁 （2）缩短到达沸腾的时间；
吸收热量，温度不变 （3）保持沸腾需要满足的条件 【考点】探究水的沸腾实验 【解析】【解答】（1）  在“观察水的沸腾”实验中，加纸盖的为了减小热量的散失；
又因为水的沸点与气压有关，所以，图中硬纸板上小孔除了可以插温度计外，还要让烧杯内气压与外界大气压相等，但为了防止温度计碰到容器壁，甲图剪裁更合适。

  （2）提高了水的初温，可以缩短到达沸腾的时间。

 沸腾后持续加热几分钟并继续测温，会发现水达到沸点后吸收热量，温度不变。

（3）甲同学移走酒精灯后，由于不能继续吸收热量，水很快停止沸腾；
乙同学继续加热，烧杯中的水由于能够继续吸热，所以继续沸腾且保持温度不变；
由于烧杯中的水温度与试管中的水温度相同，则试管中水不能继续吸热，而停止沸腾，所以，他们的目的都是探究保持沸腾需要满足的条件。

【分析】（1）利用温度计测量物体的温度时，温度计的液泡不能与容器底盒容器壁接触，读数时应与刻度相平进行读数；

（2）水的质量越多，当吸收相同热量时，升高的温度比较小，故可以通过减少水的质量缩短加热时间；
沸腾的条件是达到沸点，持续吸热，当液体沸腾时，不管怎么加热，它的温度都不再升高；

（3）沸腾的条件是达到沸点，持续吸热，试管内的水无法满足持续吸热的条件，故无法沸腾。

24.在“探究电流和电阻的关系”实验中，器材有：电源（6V），电阻箱（0-9999Ω），滑动变阻器（200Ω1A），电压表、电流表，开关和导线若干；

（1）请用笔画线代替导线，将实物电路连接完整，使滑片向左移动时电阻减小；

（2）第一组数据的测量过程中，有下列步骤，正确的顺序是________；

①保持开关断开，连接实物电路 ②检查电路无误后闭合开关 ③读出电流表的示数，断开开关 ④将滑动变阻器的金属滑片置于阻值最大处 ⑤转动电阻箱的旋钮使它的阻值为20，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为4V （3）将电阻箱调到15Ω，闭合开关，发现电流表示数如图所示，示数为________A，该电流值与15Ω电阻值________（填“能”或“不能”）作为第二组数据记在表格中，此时电压表示数为0V可能发生的故障是________。

【答案】 （1） （2）①④②⑤③ （3）0.24；
不能；
电阻箱被短路 【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验 【解析】【解答】（1）滑片向左移动时电阻减小，连接变阻器左下方的接线柱，如图所示：
  （2）实验步骤：
①保持开关断开，连接实物电路；

④将滑动变阻器的金属滑片置于阻值最大处；

②检查电路无误后闭合开关；

⑤转动电阻箱的旋钮使它的阻值为20，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为4V；

③读出电流表的示数，断开开关。

（3）由图可知，电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，电流表的示数是0.24A。

电阻箱调到15Ω，此时的电压表的示数为U=IR=0.24A×15Ω=3.6V 电压表的示数没有达到4V，该电流值与15Ω电阻值不能作为第二组数据记在表格中。

此时电流表有示数，说明电路是通路，电压表示数为0V，可能电阻箱被短路。

【分析】（1）滑动变阻器有四个接线柱，选择的接线柱应一上一下，结合题目要求选择相应的接线柱；

（2）为了保证电路安全，拆装电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器应处在阻值最大端，结合滑动变阻器的接法求解即可；
要研究电流和电阻的关系，需要保证电阻的电压不变；

（3）明确电流表的量程和对应的分度值，结合表盘的指针读数即可。分析电路结构，电路为串联电路，结合电流表、电压表示数的变化，分析电路存在的故障即可。

25.“一双好眼睛，能更好地探索未来”，小丽了解到人眼的晶状体相当于凸透镜，眼睛是如何看清远近不同物体的？她对这一问题产生了浓厚兴趣；

（1）首先用平行光正对凸透镜A照射，如图甲所示，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f=________cm；

（2）然后适当调整凸透镜A和光屏的位置，移动蜡烛，使烛焰在光屏上成清晰的像，如图乙所示；
接着她将凸透镜A换为焦距稍大的凸透镜B，并保持位置不变，移动蜡烛，使烛焰在光屏上再次成清晰的像，如图丙所示，可见小丽研究的问题是：当凸透镜成实像时保持________距离不变，探究________的关系；

（3）通过探究发现，当人眼观察近处物体时，晶状体的焦距变________。

【答案】 （1）10.0 （2）光屏到凸透镜；
远近不同物体成清晰的像与凸透镜焦距 （3）短 【考点】凸透镜成像规律及其探究实验 【解析】【解答】（1）图甲中，用平行光正对位于10.0cm刻度处的凸透镜A照射，在位于20.0cm刻度的光屏上出现一个最小最亮的光斑，则该凸透镜的焦距为f=20.0cm-10.0cm=10.0cm   （2）小丽提出的问题是“眼睛是如何看清远近不同物体的？”，实验中凸透镜相当于人眼的晶状体，光屏相当于视网膜，蜡烛相当于物体，因为眼球的前后距离是不变的，故乙、丙两图中保持光屏到凸透镜的位置不变，改变了凸透镜的焦距，调整蜡烛到凸透镜的距离，使光屏上再次出现清晰的像。这一过程中，保持了光屏到凸透镜距离不变，探究远近不同物体成清晰的像与凸透镜焦距的关系。

（3）当人眼观察近处物体时，物距减小，若晶状体的焦距不调节，根据凸透镜成像规律可知，此时像距会变大，所成的像会位于视网膜的后方。为了使像前移到视网膜上，则通过晶状体的光线要更加会聚，所以晶状体的凸度要变大，焦距要变短。

【分析】（1）在探究凸透镜成像时，平行光经过透镜后会会聚到一个点上，此点即为焦点，焦点到光心的距离为焦距；

（2）当物距改变时，换用焦距不同的透镜使其成清晰的像，探究两者的关系；

（3）物距减小时，凸透镜会聚能力增强，焦距变短。

26.学校开展“我为节能献一计”活动，小明想探究“影响电热水壶电热转化效率的因素”他提出两点猜想， 猜想1：与电热水壶的功率有关；

猜想2：与被加热的水的质量有关；

于是在家中进行实验探究；

（1）关于电热水壶消耗电能的测量，小明提出用电能表直接测量，因为家中只有一只电能表，小亮提出用秒表测出烧水时间，再用额定功率与时同的乘积求得，正确的测量方法是________的方法；

（2）为了探究猜想1，应该保持________一定，选用功率不同的电热水壶，进行实验；

为了探究猜想2，小明设计了2个方案 A方案：用一个电热水壶先后三次加热不同质量的水，直至烧开 B方案：找三个相同的电热水壶同时加热不同质量的水，直至烧开 小亮认为A方案可行，但实验时要注意________。

你认为B方案是否可行?并说明理由________。

（3）按照正确的方案进行实验，数据如下表， 实验次数 电热水壶的功率/W 水的质量/kg 水的初温/℃ 水的末温/℃ 消耗的电能/×103J 水吸收的热量/×103J 电热的转化效率 η /% 1 800 1 25 99 3.731 3.108 83.3 2 800 0.6 25.5 99.5 2.285 1.865 81.6 3 800 0.3 25 99 1.171 0.932 79.6 4 1000 1 24 99 3.604 3.150 87.4 5 1200 1 24.5 99 3.354 3.129 93.3 第1、2、3组数据表明：电热水壶的功率相同，水的质量越大，电热转化效率越________；

第1、4、5组数据表明：________；

（4）结合以上结论，请你对电热水壶的使用提出一点建议________。

【答案】 （1）关闭家中其它用电器，只让电热水壶工作，记录时间t内电能表表盘转动的圈数n，由圈数和电能表的参数N得到消耗的电能 W=nNkW⋅h （2）被加热的水的质量；
探究电热水壶电热转化效率与被加热的水的质量的关系，保持功率不变，水的质量不同，水的初温和末温相同；
三个相同的电热水壶同时加热不同质量的水，不好记录加热时间 （3）高；
水的质量相同，电热水壶的功率越大，电热转化效率越高 （4）电热水壶的使用过程中，使用功率较大，并且装水的质量较大，这样电热转化效率越高。

【考点】电功率的计算 【解析】【解答】（1）关闭家中其它用电器，只让电热水壶工作，记录时间t内电能表表盘转动的圈数n，由圈数和电能表的参数N得到消耗的电能 W=nNkW⋅h   （2）为了探究电热水壶电热转化效率与电热水壶的功率的关系，保持被加热的水的质量一定，选用功率不同的电热水壶，进行实验。

探究电热水壶电热转化效率与被加热的水的质量的关系，保持功率不变，水的质量不同，水的初温和末温相同。

B方案不可行，三个相同的电热水壶同时加热不同质量的水，不好记录加热时间。

（3）由1、2、3组数据可知，电热水壶的功率相同，水的质量越大，电热转化效率越高。

由1、4、5组数据可知，水的质量相同，电热水壶的功率越大，电热转化效率越高。

（4）电热水壶的使用过程中，使用功率较大，并且装水的质量较大，这样电热转化效率越高。

【分析】（1）通过电能表的表盘可以看出，每消耗一度电转盘转动N圈，结合题目给出的转盘转动的圈数求解消耗的电能；

（2）探究功率对加热效率的影响，需要控制水的质量相同；

（3）（4）结合表格数据分析水的质量和功率对加热效率的影响。

五、作图题（共1题；
共15分） 27.按照题目要求作图 （1）如图甲，作出静止在斜面上的木块所受重力和弹力的示意图；

（2）如图乙，作出物体AB在平面镜中的像；

（3）如图丙，标出通电螺线管和静止小磁针的N极；

【答案】 （1） （2） （3） 【考点】平面镜成像的相关作图，安培定则 【解析】【解答】（1）从木块的重心竖直向下做出木块重力的示意图，从木块的重心沿垂直于斜面向上画出弹力的示意图，如图所示：
  （2）分别作出A、B关于平面镜的对称点A′、B′，连接A′B′即为物体AB在平面镜中成的像，如图所示：
（3）由图可知，电流从螺线管的右端流入，由安培定则可知螺线管的左端是N极，右端是S极，由磁极间的相互作用可知小磁针的右端是N极，如图所示：
【分析】（1）作重力的示意图，力的作用点在物体几何中心上，方向竖直向下，重力用字母G表示；

（2）平面镜成像作图时，利用物和像关于平面镜对称的性质作图；

（3）结合通电螺线管的电流方向，利用右手螺旋定则求解通电螺线管的N极和S极。

六、计算题（共2题；
共25分） 28.如图所示，工人用滑轮组将重为400N的重物从井底匀速吊起2m用时为8s，工人所用拉力F为250N，求：
（1）滑轮组的机械效率；

（2）拉力F的功率。

【答案】 （1）解：由图可知，滑轮组的有效绳子段数为n=2，则滑轮组的机械效率为η= W有用W总=GhFs=GhFnh=GFn=400N250N×2= 80% 答：滑轮组的机械效率为80%；

（2）绳子自由端移动的距离为s=nh=2×2m=4m 拉力F做的功为W=Fs=250N×4m=1000J 则拉力F的功率为P= Wt=1000J8s= 125W 答：拉力F的功率为125W。

【考点】功率的计算，滑轮（组）的机械效率，功的计算及应用 【解析】【分析】（1）用滑轮组提升物体，拉力作的功为总功，克服重力做的功为有用功，两者相除即为机械效率；

（2）求解外力做功，利用外力大小乘以位移在力的方向上移动的距离即可，即W=Fs；
利用外力做的功除以做功需要的时间即为功率。

29.如图所示为模拟调光灯电路，电源电压恒为6V，灯泡标有“2.5V0.5A”字样（灯阻值不变），滑动变阻器标有“20Ω1A”字样， （1）求灯泡正常发光时的电功率；

（2）求灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值；

（3）该电路设计是否有缺陷?如有，请给出解决办法。

【答案】 （1）解：灯泡正常发光时的电功率PL=ULIL=2.5V×0.5A=1.25W 答：灯泡正常发光时的电功率是1.25W；

（2）灯泡正常发光时通过电路的电流是0.5A，滑动变阻器接入电路的阻值 R滑=U滑I=U-ULI=6V-2.5V0.5A =7Ω 答：灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值是7Ω；

（3）因为当灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路中的电阻不为零，所以不足是：再移动滑动变阻器的滑动片时，可能会使灯泡烧坏；
改进的措施：串联一个保护电阻。

【考点】欧姆定律及其应用，电功率的计算 【解析】【分析】（1）结合用电器的额定电流和额定电压，利用功率的公式P=UI求解用电器的功率即可；

（2）分析电路结构，滑动变阻器和灯泡是串联关系，电流相等，用电器电压之和为电源电压，利用串联电路电压规律和欧姆定律求解电阻即可；

（3）电压一定时，电阻越大，电流越小。

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